25.(20分)解:(1)v-t图像中图线与坐标轴所围图形面积表示相对位移的大小,在0~0.5s时间内,木板相对物块的位移大小x1=÷×0.5×4.5m=1.125m(1分)在0.5~1.0s时间内,木板相对物块的位移大小=-2×0.5×0.6m==0.15m(1分)因此,在0~1.0s内,物块相对于木板运动的位移大小x=x1+x2=0.975m(1分)(2)在0~0.5s时间内,木板相对物块做匀减速直线运动,物块及木板受力示意图如图甲所示,图中Fn为木板对物块的滑动摩擦力,FA为其反作用力,F为地面对木板的滑动摩擦力。由牛顿运动定律得甲F1=F1=pmg(1分)2=p2(m+M)g(1分)F式中m=0.20、=0.40设物块及木板的加速度分别为a1、a2。由牛顿运动定律有FA=ma1(1分)Fn1=F2=Ma2(2分)由题图乙可知,0~0.5s内相对加速度9.0m/s2(1分)由运动的相对性,有a=a2-a1(1分)联立以上各式,解得M2(2分)(3)由题图乙知,在0.58末,相对速度为0,木板的速度等于物块的速度,此时物块的速度大小=a1t1(1分)解得w=1.0m/s(1分)在0.5~0.7s时间内,木板相对物块的速度方向向左,则物块受到的滑动摩擦力方向向左,两者受力分析示意图如图乙所示。由牛顿运动定律有由牛顿运动定律有a1=-mg=-2.0m/s2(1分)a2=二a(m+Mmg5.0m/s2(1分)设物块及木板在【=0.70s末相对地面的速度大小分别为v1、v2,则由运动学规律有1=v1+a1t2(1分)2=v1+a2t2(1分)式中,2=(0.7-0.5)s=0.2s,代人已知数值,解得1=0.6m/s(1分)v2=0(1分)因此,在t=0.70s末物块及木板相对地面的速度大小分别为0.6m/s、0【命题意图】本題考查牛頓运动定律及匀变速直线运动的规律

26.(14分,除标注外每空2分)(1)三颈烧瓶(1分)(2)打开分液漏斗上口的活塞,旋开分液漏斗的旋塞,使氨水匀速滴下(3)温度过低,反应速率慢,不利于反应进行;温度过高,过氧化氢受热易分解(4)NH1进入装置B中未防倒吸,未进行尾气处理(5)2 NaCIo+N2H·H2O一N2↑+2NaCl+3H2O,过量的NaCO可氧化水合肼,造成产品损失(6)①淀粉溶液(1分)5(2c1V1-c2V2)In3%(7)(N2H5)2SO4【命题意图】本题考查物质的制备实验,培养考生科学探究与创新意识的学科核心素养。【解题思路】(1)由装置B中仪器a的特点可知,仪器a为三颈烧瓶。(3)控制温度在60℃左右可采用水浴加热,温度过低,反应速率慢,不利于反应进行,而温度过高,HO2受热易分解。(4)结合制备原理与装置可发现NH3的通入未进行防倒吸操作;反应过程中可能有NH1逸出,冷凝装置后续没有吸收尾气的装置。(5)N2H·HO具有强还原性,若NaCO过量,NH·H2O会被氧化成N2。根据电子得失守恒与原子守恒可书写化学方程式为2 NacIO+N2H4·H2ON↑+2NaCl+3H2O。(6)①加入12标准溶液,消耗水合肼,剩余部分由Na2S2O3标准溶液滴定,应选择淀粉溶液作指示剂。②根据I2标准溶液与水合肼的化学方程式可知存在关系式:N2H4·H2O~212,剩余I2标准溶液由Na2S2O1标准溶液滴定,存在关系式:12~2Na2S2O3。可计算出剩余n(12)=(c2×V210-÷2)m2×10-cV2mol,则水合肼消耗L2标准溶液的物质的量为(c1×V1×10-1210c)ml,n(NH·HO)=z(cxV×1010-c2V2)mol,则粗产品中N2H4·H2O的纯度为型NH· H.OXMON, H·HOm(粗产品)100%(c×V1×10--×10-c2V2)mol×50g/molIn g100%=5(26V=cD2%。(7)N2H.与少量H2SO4反应的化学方程式为2N2H4+H2SO4=(N2H)2SO4,因此产物为(N2H3)2SO1。

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