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6.【答案】C【解析】对小球B,由机械能守恒定律得：mg1一60s60)=分m听，解得：a=3m/s,对小球A与小球B组成的系统，由动量守恒定律得：M=MvA十vB,解得：vA=1m/s,所以在碰撞过程中，小球B对小球A的冲量为：lam=Mu,-M,=-3N·s,故A错误；对小球B,由牛顿第二定律得：T-mg=m,解得：T=20N,故B错误：对小球A与小球B组成的系统，碰撞前的总动能为：E。一号M=6小，碰撞后的总动能为：E。一之M碳十？m呢=6J,所以小球A与小球B在碰撞过程中没有能量损失，故C正确：由AC项分析可得：cos0=1-,当小球B的质量变大时，cos0变大，轻绳与竖直方向的最大夹(1+)角变小，故D错误.

10.【答案】AC【解析】对物块B由牛顿第二定律得：ngsin37°-u mgcos37°=a1,解得：a1=4m/s2,对长木板A由牛顿第二定律得：Mgsin37°+41gcos37°-2(M十m)gcos37°=Ma2,解得：a2=3m/s2,故A正确；由匀变速直线运动规律得长木板A运动到挡板所用的时间满足：山=，异，解得：4=2s,此时物块B运动的位移为：x=2a,号=8m,长木板A沿斜面向上运动，由牛顿第二定律得：Mgsin37°十(M十m)gcos37°十丛mg60s37”=Ma:,解得：a=12m/s,由匀变速直线运动规律得：-(x-d)=a十a,号十a:。-2a号，解得：2=0.5s,物块B在长木板A上运动的时间为：t=t十2=2.5s,故B错误；物块B在长木板A上运动产生的内能为：Q=1 mngLcos37°=16J,长木板A在斜面上运动产生的内能为Q2=2(M十mg△a3,a=d+近=号m,系统产生的内能为：Q=Q,1Q.=61J,放C正晚：物块B从长木板A上滑下时，长木板A的速度为：v=a2t一a3t2=0,由于2