34.解析:(1)ACE由“上下坡”法可判断,=0时,质点P、Q振动方向分别是向下和向上,A项正确。由y=可知,T-2s,所以在半个周期内质点P运动的路程为2A=0.01m,B项错误.由“平移法可知,一1.5s时,平衡位置处于0.3m-0.5m之间的质点位移均为0,C项正确。波从P点传到x=0.3m处质点所用的时间为t=0.1s=0.55,质点再经过1.5s即四分之三周期的位移为05cm,D项错误。由于波叠加时互不干扰,所以两列波相遇分开后,各自的振幅周期均保持不变,E项正确(2)①由几何关系得:从AC边入射的光的折射角0=30,由折射定律:=sin=230②设该玻璃砖的临界角为C,则sinC=1解得:C=45°由几何关系得:从E点人射的光线在BC边的F点入射角为60°,故在BC边发生全反射由几何关系得:F=14cm,DE=FF=14 cm,

25.解:(1)设质子第一次被加速后进入D2盒中时的速度大小为v,根据动能定理有qU=mv(3分)解得v=、/2(2分)(2)质子在D形盒内做圆周运动,轨道半径达到D型盒半径为R时被导出,具有最大动能,设此时的速度大小为vm由牛顿第二定律得qvnB=分)质子的最大动能为Em=2m(1分)联立解得EgrBFR2(1分)2m质子每加速一次获得的能量为E=qU(1分)加速次数为b=BR22m(1分)设带电粒子在磁场中运动的圈数为n,每圈有两次加速,则n=亏b(1分)带电粒子在磁场中运动周期为T(1分)质子从静止开始加速到出口处所需的时间为t=nT(1分)联立解得t=xBF(1分)(3)质子第n次被加速后粒子的动能为mv=nqU(2分)由牛顿第二定律得qvnB=my(1分)解得质子第n次加速后在磁场中的运动半径为(1分)B则粒子笫4次加速后的运动半径与笫9次加速后的运动半径之比为=2(1分)

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