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20:00KB/s一个电阻，根据并联电路总电阻与分电阻的关系，此处电阻相当于增大，总电阻变大，总电流减小，路端电压U变大，所以灯泡B两端电压增大，由P知，功率变大，灯泡B变亮，C错误；电阻R4在干路上，如果R4断R路，则整个电路没有电流，灯泡都不发光，D正确.11.(1)D(2分)(2)1.6×10-3(2分）2.0×10-4(2分)解析：（1)当单刀双掷开关S掷向1端，电容器与电源相连，电容器充电，A错误；先将S掷向1端，然后掷向2端，电容器电容不变，B错误；电容器带电时，两个极板带等量异号电荷，C错误；电容器充电时，与电源正极相连的极板带正电，D正确.(2)根据I-t图像围成的面积可估算电容器在整个放电过程中释放的电荷量，根据图乙知纵坐标每个小格包含的小格数大约为40个，所以电容器全部释放的电荷量为Q=40q=1.6×10-”C，该电容器的电容为CQ_1.6X10-3-F=2.0X10-4FU812.（1)3.72(1分）0.52(2分）10.703（2分）8.0（1分）4l1；电流表采用外接法，由于电压表的分π24l流，电流的测量值大于通过样品的电流的真实值，电阻的测量值小于样品的电阻真实值，所以电阻率的测量值也小于其真实值，13.解：（1)带负电的小球A处于衡状态，A受到库仑力F、重力G以及绝缘丝线的拉力T的作用，受力如图．（2分）（2)带负电的小球A处于衡状态，竖直方向：G一Tcos0=0（1分）水方向：F一Tsinθ=0（1分）(1分）cOS θ受到库仑力的大小F=Gtanθ（1分）(2分）p(2分）kq【高二物理参考答案第2页（共3页）】6135B14.解：（1)根据电路图可知，通过L的电流I=0.3A,L两端电压U=3V（1分）通过L2的电流I2=11=0.15A,L2两端电压U2=0.5V（2分）U根据欧姆定律R=(1分)10(2分）(2)根据P=UI（1分）可得P=3×0.3W=0.9W（2分）(3)路端电压U=U+U2=3.5V（2分）根据E=U+Ir（1分)可得r=1Ω（1分)15.解：（1)闭合开关，当滑动变阻器的滑片移到最右端时，滑动变阻器接人电路电阻为0（1分）电容器两板间的电势差为U（1分）电容器两板之间的场强大小E=(1分）p（2）电容器上极板带正电，带电微粒在电容器中做类抛运动，则水方向：L=vt（1分)1(1分）α=E=(2分）mmd(2分）mUL²（3)带电微粒恰从电容器下板右侧边缘离开电容器时竖直方向的速度p(2分)(1分)p解得带电微粒离开电容器后，打到挡板上的点离电容器下板水线的距离=d（1分）(其他方法得出正确结果也可得分）