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1.(1D2分)(2)mgan02分)(3)2S(2分)解析：(1)在研究电荷之间作用力大小与两小球的电荷量q和qB以及距离L的关系时，采用控制变量的方法进行，根据小球的摆角变化可以看出小球所受作用力随电量或距离变化情况，故选D.(2)根据小球B受力平衡，由几何关系可得F=ngtan 0.kqAqB3)对小球B受力分析，根酈军定结合平衡条件有mgam0n解得A=ngL tan osin,可得两次实验kgB中A的电量之比为1=tan45sim245°=23q2tan60°sin60°912.(1)D(2分)(2)如图所示(1分)2.6(2.5~2.7均给分)(2分)(3)0.83(0.828~0.832均给分)(1分)3.5×10-6(3.4×10-6~3.6×10-6均给分)(2分)解析：(1)电流表量程太小，需要改装电流表扩大量程，定值电阻应该选择R1=2Ω，选D.·U/V2.50(2)连线如图所示，图中的直线取点I=20mA,U=1.8V,电流表改装后量程扩大20倍，2.00即T=04A,改装后电流表电阻R,-8￥-19n,R十R=号=45n,得R=101.002.62,电阻为2.5~2.72均可以，0.50(3)螺旋测微器读数为0.5mm+33.0×0.01mm=0.830mm,考虑读数误差可取o510152025I/mA0.828-6.832mm:根据R=0(号L2,解得金属丝的电阻率p为3.4×106~3.6×10-62·m.13.解：(1)装4节5号干电池，电源电动势E=4E=6V,内阻r=4r=0.42(1分)“5V5w的灯泡L正常发光，则电路中的电流1=号=1A(2分)由闭合电路欧姆定律得滑动变阻器两端的电压UR=E一U一Ir'=O.6V(2分)由欧姆定律得滑动变阻器R接入电路的电阻为R==O.6Q(1分)I(2)通电5min灯泡L消耗的电能W=Pt=5×60×5J=1500J(3分)(3)电源的输出功率P输出=E1-Pr'=5.6W(3分)14.解：(1)小球从M点到N点过程，由动能定理可得mg·-gMw=?m2(2分)又=√6gr,解得MN两点的电势差U=-3m(2分)又由N=r=0,U=1-y,得M=-3m(2分)2g(2)由几何关系可得NP段的竖直高度Ap=多，(2分)小球从N点到P点过程，静电力做功为零，根据动能定理可得mg·号r=子m币一子m,2(2分)解得小球滑至P点时的速度大小vp=3√gr(2分)15.解：(1)由题干分析可得，微粒做匀变速直线运动，所以合外力的方向必须在这条直线上微粒带负电，结合受力分析可得，电场强度的方向由M板指向N板，上极板M带正电(4分)(2)电场力的大小F=mg。(2分)cos 0F=Eq(2分)U=Ed(2分)联立解得U=3.75×104V(2分)(3)微粒从A点进来，从B点出去，在这一过程中，仅有电场力在做功，根据动能定理，有动能的增量等于电场力做的功，△Ek=W=一Ug=一3.75×10-4J(4分)【高二上学期期中联考试卷·物理参考答案第2页（共2页）】B