2024届衡中同卷[调研卷](三)3理科综合(全国卷)试题，目前双语学习报答案网已经汇总了2024届衡中同卷[调研卷](三)3理科综合(全国卷)试题的各科答案和试卷，获取更多{{papers_name}}答案解析，请在关注本站。

本文从以下几个角度介绍。

1、2024衡中同卷高三二调答案
2、衡中同卷2024高三下学期二调
3、衡中同卷2023-2024高三二调
4、衡中同卷2024高三二调
5、2024衡中同卷下学期一调
6、衡中同卷高三二调2024
7、2024衡中同卷高三一调
8、2023-2024衡中同卷高三期中
9、2024衡中同卷答案免费查询
10、衡中同卷2024二调

位移为号时，根据逆向思维法可知其速率”mg,对轻杆有F=F+F,联立解得F=15,3319 mg,D【解析】(1)将表头G改装成电流表A时，电流表A的考查考生的综合分析能力。最大可测电流+B)+,当R的滑片下移【解析】(1)滑块A在斜面上运动时，根据牛顿第二定、2-2√2D误2gH正确Ro+R1下律有mgsin37°-mgcos37°=ma(2分)21.CD【命题意图】本题以理想变压器为背景，考查变压时，R1上变大，R1下变小，则I变大，即电流表量程变大。由匀变速直线运动规律得19.AD【命题意图】本题以连接体为背景，考查动态平衡器相关知识，意在考查考生的推理论证能力。(2)选择开关S连接挡位“2”时，欧姆表的内阻更大h1(1分)问题，意在考查考生的模型建构能力。【解析】将理想变压器和定值电阻R2看成一个等效电中值电阻更大，倍率更大，所以此时的倍率为“×10”。sin 379=2 at【解析】设圆环的质量为m,轻绳与竖直方向的夹角为阻，则R数=)R,当触头P位于副线圈的中央(3)将开关S接挡位“1”，设该挡位下表头G改装成vo =aty(1分)0,对B环进行受力分析，如图甲所示，由平衡条件得\n2的电流表A的量程扩大了n倍，根据题意有E=联立各式得t1=1s,o=4m/s(1分)(2)滑块A开始压缩弹簧到滑块B刚脱离弹簧的过程co8g=mg,Fa=Fsin0,解得co=mgtan0时，R等效=4R2=4R。,由欧姆定律得电流表的示数1=以5=(R+0n),E=山(R+R),联立U。U可看成弹性碰撞，设滑块B刚脱离弹簧时滑块A的速B环缓慢下降时，0逐渐减小，所以F,和F均逐渐减R20品电压表的示数U=优5,AB错各式解得R=4502,R内=1502。率为1，滑块B的速率为v2,由动量守恒定律和机械小，A正确，B错误；将两环看成一个整体，整体的受力如误：因为R2的功率等于R数的功率，所以触头P位于位方法技巧看懂电路结构是解答本题的关健，本能守恒定律得mo=mw+mw(2分)》U哈题中的欧姆表可以看成是内阻和量程不同的电流图乙所示，由平衡条件可得Fcos30°=FNa,Fsin30°+FM副线圈的中央时，R,的功率P=Rs数10OR,C正表改装得到的，不同的电流表对应不同的倍率。(2分)》2mg,因为F逐渐减小，所以外力F逐渐减小，杆对A环的弹力F4逐渐增大，C错误，D正确。确；将R,看成交流电源的内阻，则R等效的功率为电源gRE(2)10BgR解得v1=0,v2=4m/s,24.(1)2gd(R+r）RE的输出功率，当R=R,即=4时，R靴的功率最设滑块B运动到半圆形轨道最高点时的速度为)，由【命题意图】本题以带电小球在叠加场中的运动为背景，考查闭合电路欧姆定律、平行板电容器、圆周运动动能定理得-ng·2R=2mr2-7m时(1分)大，而R2的功率等于R等效的功率，所以在触头P从副线圈的上端滑到下端的过程中，R2的功率先增大后减等知识，意在考查考生的理解能力和推理论证能力。滑块B运动到半圆形轨道顶端时有779小，D正确。【解析】(1)由闭合电路欧姆定律得I=(1分)》(1分)R+rFy tmg=muR甲名师评题本题考查理想变压器的基本关系式及其动态分析，采用等效法是快速解答本题的关键。则电容器两极板间的电压U=R=织(1分20.BD【命题意图】本题以两个小球和轻杆组成的系统R+r联立各式解得只，-9N=2m(1分)小球在平行板电容器中做匀速圆周运动，所以电场力为背景，考查机械能守恒等知识，意在考查考生的综(3)滑块A开始压缩弹簧到弹簧长度最短的过程中，合分析能力和推理论证能力。22.(2)a(2分)mg2(2分)4mg(4+b2-(2分)b和重力平衡，有q2am唱(2分)设滑块A的位移为x1、速度为1，滑块B的位移为x2、【解析】以两个小球和轻杆组成的系统为研究对象，系【命题意图】本题通过探究弹簧弹力与弹簧长度之间速度为v2,有gRE(2分)》mvo=mv +mv,(1分)统的能量只在动能和重力势能之间转化，系统的机械的关系，考查实验原理和实验数据处理，意在考查考联立解得带电小球的质量m-2gd(R+m)能守恒，A错误；设A、B两小球在最低点的速度分别(2)带电小球做匀速圆周运动，作出其运动轨迹，如图根据微元累加法得生的实验探究能力和创新能力。【解析】(2)由题图丙可知，弹簧的原长l。=a;由平衡条所示。∑mo△t=∑mw1△t+∑mw2△t(1分)为vA、vg,由系统机械能守恒有2mg·3L+mgL=(1分)件可得，悬挂钩码个数与弹簧长度之间的函数关系为即x1+x2=00·2mu,由U=r得vB=3mA,解得vA=根据对称性可知，滑块A开始压缩弹簧到滑块B刚脱mg=k-),即n=1-品，结合题图丙可得离弹簧的过程中，滑块A的位移为/14√18L,=3√gL,小球A减少的机械能AE,=/14mgmgmg(1分),所以k=;设一个钩码被淹没时，受到的浮力xA=x1+x2=50t02ma滑块B刚脱离弹簧时滑块A到半圆形轨道底端的距19mgL,B正确：以小球B为研究对象，由动为F。,则淹没钩码个数与弹簧长度之间的函数关系为12设小球做匀速圆周运动的轨迹半径为ī，则由几何关离财L忆=+h,=25m(1分)5能定理得2mg·3L+W。=2·2m2-0,解得W。=19mgL,4mg=nF+k(l-lo),即n=点+4mg+心，结合题图丙系有(r-2d)2+(4d)2=2(2分)F。F。滑块B做平抛运动，有x=t(1分)C错误；轻杆摆到竖直方向时，设转轴对轻杆的弹力大4mg+。_mg(4+b2由牛顿第二定律有m6=m产(2分)(1分)小为F,轻杆对小球A的弹力大小为FA,小球A对轻可得4mg+=6,所以F,，四个F。b10Bgd2(R+r)杆的弹力大小为F,轻杆对小球B的弹力大小为F,4mg(4+b2)联立解得小球的入射速率v=(2分钩码完全淹没时所受的浮力F=4F。=RE解得。=2小球B对轻杆的弹力大小为Fa,由牛顿第三定律得5m,因为x=x,所以两滑块恰好发生第23.(1)变大(2分)(2)×10(2分)(3)450(2分)5(1)1s4m/s(2)0N(3)能发生第二次碰拉2mvg二次碰撞(1分)FA=FA,F。=Fa,由牛顿第二定律得Fa-2mg=3L,150(3分)计算过程见解析小易错警示本题考生容易因对微元法的本质不熟解得，-侣g,对小球A有，g=受部得R,【命题意图】本题考查欧姆表的内部构造，意在考查考【命题意图】本题考查斜面上的匀加速直线运动、与弹悉，不会用微元累加求出两滑块的位移，从而导致后生的实验探究能力、迁移能力和创新能力。簧相关联的碰撞模型和竖直平面内的圆周运动，意在面的思路受阻。D5卷（一）·理科综合D6卷（一)·理科综合