2023年普通高等学校招生全国统一考试模拟试题化学一衡水金卷先享题分科综合试，目前双语学习报答案网已经汇总了2023年普通高等学校招生全国统一考试模拟试题化学一衡水金卷先享题分科综合试的各科答案和试卷，获取更多{{papers_name}}答案解析，请在关注本站。

化学(C0,)=80kPa,K,(200℃)=p(N,)·p年(C02)物有2种，二氯代物有5种，故C正确；D.环丁烷分子中p年(NO)·p年(CO)的碳原子为饱和碳原子，饱和碳原子的空间结构为四面(20kPa)产×(20kP=1.6,同理：300℃的温度下，40kPa×(80kPa)2体形，所以环丁烷分子中的碳原子不可能共面，故D错误。](NO)=p (CO)=100 kPa,p (N2)=10 kPa,p5.D[考查证据推理与模型认知核心素养。拓展：同族元(CO)=2p#(N2)=20kPa,△p(NO)=△p(CO)=素性质具有相似递变性，根据气态氢化物的稳定性、最Ap(CO2)=52 kPa,p+(NO)=+(CO)=48 kPa,高价氧化物对应水化物的酸性、单质之间的置换反应、p*(N2)=36kPa,p年(CO2)=72kPa,K。(300℃)=得电子的难易程度等判断非金属性的强弱。A.元素的非金属性越强，其简单氢化物的稳定性就越强。C、S、36 kPax(72 kPa)2(48 KPax(48 kPa)256 kPa K.(300 C)G是同一主族元素，原子序数越大，元素的非金属性越弱，所以元素的非金属性：C>Si>Ge,则氢化物的稳定K。(200℃)，即温度升高，K。减小，则该反应为放热反性：CH,>SiH,>GeH,,A正确；B.醋酸能够与Na2CO应，△H<0。溶液反应制取CO,气体，说明酸性：CH COOH>答案：（除标注外，每空2分）(1)<1分)0<公量<2H2CO3;将CO2气体通入Na2 SiO3溶液中，反应产生H2SiO3沉淀，说明酸性：H2CO3>H2SiO3。因此三种(2)增大(1分)减小(1分)②.低温(3)H2CO3>H2SiO,B分)1.6正确；C.金刚石、晶体硅、晶体锗都是共价晶体，原子之2023仿真模拟卷（四）间以共价键结合。由于原子半径：CSi一Si>Ge一Ge,故物质熔，点：金刚石>晶体硅>晶体锗，C正确；D.C、Si、Ge是同一主族元素，同原性，能与氧气反应；原子核发生聚变和裂变时会释放主族元素，元素的非金属性随原子序数的增大而逐渐减能量；明矾只能净水不能杀菌；A.月饼礼盒中小袋防腐弱，元素的第一电离能逐渐减小，所以元素的第一电离剂常用铁粉，铁粉做脱氧剂，利用了铁粉的还原性，A正能大小关系为：C>Si>Ge,D错误。]确；B.核能是通过核反应从原子核释放的能量，属于未6.B[考查科学探究与创新意识核心素养。测定NaH来新能源，B错误；C.明矾净化水，是因为铝离子水解生CO的浓度时应选择甲基橙做指示剂，但缺少碱式滴定成氢氧化铝，氢氧化铝能吸附水中悬浮颗粒，但是不能管和胶头滴管；在碱性溶液中滴加新制氢氧化铜悬浊杀菌消毒，C错误；D.金属性：Zn>Fe,轮船船底常镶嵌液，检验有葡萄糖生成；Fe+、Cu2+的浓度不同；加入锌块是根据原电池原理保护船体不被腐蚀，其中锌作负Na2CO3溶液必须再加入BaCl2溶液之后。A.测定极，D错误；]NaHCO3的浓度时缺少碱式滴定管和胶头滴管，故A错2.C[考查科学探究与创新意识核心素养。分液时避免误；B.淀粉在稀硫酸作用下发生水解，水解液显酸性，需上下层液体混合；蒸馏结束时，应充分冷凝；点燃可燃性要加入氢氧化钠溶液，调至溶液呈碱性，再用过量氢氧气体前应验纯；不能在量筒中稀释。A.为防止上层液体化钠溶液和硫酸铜溶液配制新制氢氧化铜悬浊液，滴加被污染，上层液体应从上口倒出，A正确；B.蒸馏实验结到呈碱性的水解液中，并加热，若观察到有砖红色沉淀束时，应先停止加热、撤酒精灯，继续通冷凝水一段时生成，则证明有葡萄糖生成，说明淀粉已发生水解，故B间，B正确；C.量筒不能用于稀释溶液，C错误；D.点燃正确；C.对比Fe3+、Cu+对H2O2分解的催化效果，需要可燃性气体和空气的混合气体时容易爆炸，必须先验采用单一控制变量法，则Fe3+、Cu+的浓度应一样，故C纯、再点燃，D正确。]错误；D.除去粗盐中的S0、Ca2+、Mg2杂质，还缺少3.C[考查宏观辨识与微观探析核心素养。由：X十。n→氢氧化钠溶液以及烧杯、玻璃棒，不需要试管，故DY+12Z可知，X的质子数为7，X为N,Y的阴离子与错误。]Be2+电子层结构相同说明Y得电子后最外层有2个电7.C[考查证据推理与模型认知、科学态度与社会责任核子且只有一层，所以Y为H,b=1,由X+0n→8Y+12Z可得7+0=1十c,所以c=6,即Z为C。A.衰变反应中心素养。A.由题图可知、,取代Ⅱ中苯环上的氢的核素X的质量数为14与14Z为同量素，A正确；B.由CI分析可知，X为N,Z为C,最高价氧化物对应的水化物原子生成Ⅲ，因此由Ⅱ生成Ⅲ的反应类型为取代反应，分别为HNO,和H2CO,其酸性HNO,>H2CO,即最故A正确；B.Ⅱ和V中苯环上均有一CH3,则Ⅱ和N均高价氧化物对应水化物的酸性X>Z,B正确；C.。Y的能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故B正确；C.1molV中含半衰期为12.4年，所以mg8Y经过49.6年后，Y剩余有1mol碳碳双键、1mol羰基、1mol苯环，可以与5molH2发生加成反应，故C错误；D.邻二甲苯与水不互溶且的质量为6mg,C错误；D.Y与钠元素形成的二元化合与碘不反应，碘在邻二甲苯中的溶解度比在水中的溶解物为NaH,其中的氢元素为一1价，具有很强的还原性，度大，所以邻二甲苯可以作萃取剂，又因为邻二甲苯的D正确。]密度小于水，因此有机相在上层，故D正确。]4.D[考查宏观辨识与微观探析核心素养。加成反应原8.A[考查变化观念与衡思想核心素养。既然还有较子利用率为100%；同系物必须是同一类物质；环丁烷分多H剩余，且滤液中没有Cu2+可知残留物没有Fe,只子中的碳原子不可能共面。A.由方程式可知，反应I和反应Ⅱ都是原子利用率为100%的加成反应，反应类有Cu,则反应后溶质为HCl和FeCl2,根据Cl元素守恒型相同，故A正确；B.环丁烷和环己烷是结构相似，分子可知：n(HCl)=2n(FeCl2)+剩余n(H+),即5.00mol/组成相差2个CH2原子团的环烷烃，互为同系物，故BL×0.1L=2n(FeCl2)+0.200mol/L×0.5L解得：正确；C.由结构简式可知，1,3,5一三甲苯分子的一氯代n(FeCl2)=0.2mol;2.56gCu的物质的量为0.04mol,·16·

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