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大一轮复学案答案精解精析y=26=21etiD题型二60°例4B解法一：由题意，在坐标原点释放Uoeto故L=YYmin=的带正电粒子在电场作用下由静止向上dm加速，磁场方向垂直于纸面向里，根据左剑2(8学（②号手定则，此时带正电粒子受到沿x轴负方(3)见解析向的洛伦兹力，带电粒子会向x轴负方向解析粒子运动轨迹如图所示：解得7号4偏转，故A、C错误；因为电场方向沿y轴y(2)设离子在磁场中的运动速度为。，则正方向，与x轴垂直，故x轴在电场的等Bo.有qvoB=m,2mr_2wm势面上，则带正电粒子再次偏转到x轴时vo gB速度为0，继续重复之前的运动过程，故D由图知离子在磁场中做圆周运动的时间错误，B正确。为4=调解法二：本题还可以用“配速法”准确解答，即把带电粒子的初始速度0分解为沿离子在电场中做类抛运动，从C到Gx轴正方向的v和沿x轴负方向的”，:的时间为t2=2d_3mvo Bqm9g8:赏则其轨速为沿：箱的(1)粒子从坐标原点沿x轴负方向进入磁离子从D处运动到G处所需时间为方向的匀速直线运动与圆周运动合成的场I,设粒子的轨迹半径为R,有t55,=(9+2m)n“摆线”轨迹，如图所示，B选项正确。qvoBo=mRi3Bq(3)设电场强度为E,则有得RB。mvo1qE=mad-2atj在电场中，粒子做类抛运动，由几何关1系和运动规律得由动能定理得qBd=E.c2mw6迁3见解析2观兴解得E6=4Bg2E9m解析(1)带正电粒子（重力不计）在复vo2+W5,合场中沿x轴做匀速直线运动，据左手定例3(1)-TL LmgL(20,23v则判定洛伦兹力方向向下，所以电场力方Bovo解析(1)在下半磁场区域由几何关系向向上，电场方向向上，有gE=quB解得t=可知，粒子做圆周运动的半径为R=2,L速度m=E、2x10m/s=1×105m/sB0.2(2)粒子在电场中的水位移x=,t,粒子出电场时的速度v=√2，又qvB=mR可得B=(2)撤去电场后，有qwB=mRgR由几何关系得，带电粒子在第四象限的轨所以粒子在磁场中运动的轨迹半径代入数据可得B=2mvo迹半径R=√2xR=m=6.4×10”×1x104/2mvo9B3.2x10-x0.2m=0.1m即R,qB0(2)粒子经过n点时速度方向也和g成30°角进人上半磁场区域，恰好经过g点(3)粒子运动轨迹如图所示，若粒子在荧yt光屏上到达的最上端为B点，最下端为由qB=mRA点y/cm解得B=4(3)由几何关系知，带电粒子进入第三象60°限时距坐标原点的距离为60°L=(4+42)x/cmXXqB。60°带电粒子在第三象限做圆周运动的直径x Xxe h22mo为D=由几何关系可知gBo5,0p=0c+cP=2+由图可知：do=Rtan60°=√3R因为L>D,所以带电粒子不能再次进入电Pe=3gc=L2don=R场，轨迹与y轴第三次相交的交点距坐标2+3,)所以荧光屏上闪光点的范围长度为原点的距离为所以P点坐标为0,24y=L-D=(4+22)"m2πRTLd(B。粒子在磁场中的运动周期为T=(4)因为粒子在磁场中做圆周运动的证2(0号在下半磁场区域的时间6，=上T=L周期660(2)9+2m)m在上半殿场区城萄时洞=名7-628x106vo所以粒子在磁场中运动的时间可以忽略a产从射出磁场区域到P点的时间不计5=驶L闪光点从最低点移动到最高点的过程中，解析(1)正离子运动的轨迹如图所示。vo vo正离子在磁场中做圆周运动的半径，满则从h到P的时间为=+，，一30，L,L粒子发射枪转过的圆心角p=日足d=r+rcos60°·519·