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1、百师联盟2024高三冲刺卷二物理
2、百师联盟2024新高考卷物理
3、百师联盟2024高三冲刺卷一物理

4.AD【解析】由于输电线上的功率损耗，故电压时，应先用最大量程挡试测，再选用恰当升压变压器的输出功率大于降压变压器的输器的规律得予一，此时输电线损失的功的挡位进行测量，D项正确。,2_2.=,因为入功率，D项正确：一，可4率P银'=1'2R=k2212R=k2P拟=k2(P(2)由多用电表的表盘可知，多用电表刻度盘P),用户得到的功率P用=P一P损'=P一上交流电压的刻度是不均匀的。U1=200VU4=220V,由于输电线上损失k2(P-P1)=(1一2)P十2P1,A项正确(3)通过分析实验数据可得出的实验结论是：一部分电压，U2>U则>，A项正确，B、C、D三项错误。在误差允许的范围内，变压器原、副线圈的电实验15探究变压器原、副线圈压之比，等于原、副线圈的匝数之比。B、C两项错误。(4)原、副线圈的电压之比与匝数之比并不相5.C【解析】输电电压提高为原来的10倍，电压与匝数的关系等，主要原因是变压器不是理想变压器，即有根据P=1知，输电电流减小为原来的0，1.AD【解析】变压器的输出电压跟输入电漏磁、铁芯发热、导线发热。以及原、副线圈匝数之比都有关，因此需要6.(1)A(2)D(3)②A③交流电压根据电阻定律R=ρ、知，输电线的横截面用可拆变压器研究，A、D两项正确。变压器积减为原来的一半，则输电线的电阻增大为@m号只对交流电压有作用，故不能用直流电压表原来的2倍，根据P损=R知，输电线上损测量原、副线圈的电压，B项错误。根据输【解析】(1)根据电阴定律，电阻率和横截耗的电功率减小为原来的0，则输电线上损入、输出电乐之比等于原、副线圈匝数之比可面积相同时，导线越长，电阻越大，A线圈电知，原线圈接0、8接线柱，副线圈接0、4接线阻比B的大，故A线圈匝数较多。耗的功率为2.0kW,C项正确，A、B、D三项柱时，副线圈电压小于原线圈电压，C项错(2)为保证学生安仝，应用12V以内低压交错误。误流电源，选D。6.B【解析】当滑动变阻器的滑片P向上滑2.(1)AC(2)B(3)②要测量A线圈的匝数，所以要把A线动时，滑动变阻器连入电路的电阻R变大，【解析】(1)在“探究变压器线圈两端的电压圈与低压交流电源相连接。则副线圈所在电路的总电阻R总变大，因原、与匝数的关系”的实验中，要用低压交流电源③变压器输入输出都是交流电，所以要用交副线圈两端的电压U1、U2不变，则通过R1和交流电表，不需要干电池和滑动变阻器，不流电压挡测输入和输出电压。的电流=变小，R消耗的功率P必用到的是A、C两项。④根据变压器电压比等于匝数比，有光I22R变小，A项错误；R1两端的电压UR1(2)由表格中数据可蜘知受>岩，这说明NN2解得=号。7I2R1变小，则电压表①的示数Uv=U2一定是原线圈，否则不会出现这种情况。U1变大，B项正确；因通过原、副线圈的电流3.(1)A(2)增大实验16利用传感器制作关系-，变小，则1变小，即电流表【解析】(1)实验操作中，为了人身安企，原线圈两端只能使用低压交流电源，所用电压简单的自动控制装置A的示数变小，C项错误；若闭合开关S,则不要超过12V;实验通电时，不可用手接触1.(1)A、B端(2)260副线圈所在电路的总电阴R总'变小，通过副裸露的导线、接线柱等；使用多用电表测电压【解析】(1)当线圈中巾的电流较小时，继电器线圈的电流1，'=R经变大，则通过原线圈的时，先用最大量程挡试测，再选用恰当的挡位的衔铁在上方，恒温箱的加热器处于工作状进行测量，A项正确。态，恒温箱内温度升高，故恒温箱内的加热器电流I'变大，电流表A的示数变大，R1两(2)在实验中，其同学保持原线圈两端的电压应该接在A、B端。端的电压UR1′=I2'R1变大，则R2两端的电及副线圈的匝数不变，仅减小原线圈的匝数，(2)要使恒温箱内的温度保持在50℃，即50℃压U2'=U2一U1'变小，电流表A的示数变根据变压器变压公式，副线圈两端的电压将时线圈内的电流I=20mA。由闭合电路欧小，D项错误。增大。E姆定律得I一R+R中，式中r为继电器的7.BC【解析】保持U1不变，S由b切换到a4.(1)BEG(2)有效7.2(3)正比大于电阻，解得R+R'+r=4502。由题图1可时，副线圈匝数增多，则输出电压2增大，【解析】(1)“探究变压器原、副线圈的电压知，50℃时热敏电阻的阻值为90，所以R电流2增大，R消耗的功率增大，由变压器与匝数的关系”要用低压交流电源和交流电=4502-R-r=2602.功率关系可知，其输人功率也增大，故【1增表，所以只需要多用电表、低压交流电源以及2.(1)1.5(2)C大；S山a切换到b时，副线圈匝数减少，则可拆变压器和导线，故选B、E、G。【解析】(1)山表格数据可知，光敏电阻R:输出电压U2减小，输出电流I2减小，所以根(2)多用电表测量的是交流电压的有效值。与光强E的乘积均为182·cd不变，则当E据P2=I2U2,P2减小；义因P1=P2,所以变题图多用电表选用的挡位是交流电压10V压器输入功率减小。由以上分析可知，B、C挡，由题图可得电表读数为7.2V。=4cd时，光敏电阻的阻值R。=182·cd4cd两项正确。(3)根据号，-地可灿，理想变压器原、测线4.528.BD【解析】如果发电厂发电机输出的电(2)由题意可知，光敏电阻R,与定值电阻Ro流增大，根据变流比可知，输送电流增大，通圈电乐应与其匝数成正比；实验中由丁变压器申联连接，光照增强时，光敏电阻R,阻值减过用户的电流增大，A项错误；由于输送电流的铜损和铁损导致副线圈的电压U2较小，所增大，故输电线上的电压降增大，降压变压器小，电路中的总电阻减小，山1=是可知，电的输人也压减小，根据变压比可知加在用户路巾的电流增人，由U=IR可知，R。两端的5.(1)D(2)不均匀(3)在误差允许的范围两端的电压变小了，通过用户的电流增大，可电压增大，因串联电路中总电压等于各分电内，变压器原、副线圈的电压之比等于原、副知用户接入电路的总电阻减小了，B、D两项乐之和，所以R,两端的电压减小，反之，光线圈的匝数之比(4)有漏磁、铁芯发热、导正确；当用户接人电路的总电阻减小即用电照减弱时，光敏电阻Rx阻值增大，R。两端的线发热器增多时，用户消耗的功率增大，C项错误。电压减小，R两端的电压增大，则玻璃并联【解析】(1)为了人身安全，只能使用低压交9.A【解析】当升压变压器原、副线圈的匝在R,两端时不符合，玻璃并联在Rx两端时流电源，所用电压不要超过12V,A项错误；符合，A项错误，C项正确；若玻璃与电源并数比为n时，由理想变压器的规律得连接好电路后，要先检查电路是否正确，然后联，光照变化时，玻璃两端的电压不变，B、D】,由能量守恒定律得，输电线损失的功率再接通电源，B项错误；通电吋，不可直接用两项错误丁接触裸露的导线、接线柱，否则会将人体并3.(2)a满偏（或指针到最大电流刻度）》P损=I12R=n心R=P一P1;当升压变压器联在电路中，导致所测数据不准确，C项错E的原、副线圈匝数比变为时，由理想变压：误：为了多用电表的安全，使用交流电压挡测(3RFa+kt(4)右不是74·23XKA(新)·物理-A版-XJC