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由几何关系，可得R=L手定则可判定回路中产生了由b至且减小的感应电流，由安培定则知联立解得B亡√受螺线管中感应电流的磁场向左在减弱，由楞次定律知，线圈c将被螺线管吸引，B项正确；同理可判定C项正确，D项错误。(2)根据题日信息，当加速心场巾压为U时，巾子进入磁场时速度最5，B解析若环中产生沿顺时针方向的感应电流，则感应磁场的方向垂大，电子在磁场中做圆周运动的半径最大，电子在磁场中运动时间最直纸面向里。山楞次定律可知，圆环中的净磁通量变化为磁通量向里减短。设此时电子进人磁场时的速度为2，电子在磁场中做圆周运动的少或者向外增多，A项错误，B项正确；同时以相同的变化率增大B1和半径为r,则有B2,或同时以相同的变化率减小B1和B2,两个磁场的磁通量总保持大elo-2 mv2小相同，所以总磁通量为0，不会产生感应电流，C、)两项错误。cB=m吗6.见解析解析选择矩形线圈为研究对象，画出通电直导线一侧的磁感线分布解得r=2R=2I,图，磁感线方向垂直纸面向里。已知矩形线圈中感应电根据几何关系，此时电了在两个磁场中运动转过的角度均为30°，亮点流的方向是AB>C>D>A,根据右手螺旋定则，感应x女与x轴之间的距离do=2r(1一cos30°)电流的磁场方向是垂直纸面向外的。根据楞次定律，感！~xxxx代入数据得d=(4一2√3)L应电流的磁场应该是阻碍穿过线圈的磁通量变化的。由(3)设电压为U时，电子在磁场中做圆周运动的半径为r,可得U=分析知感应电流的磁场与原来磁场的方向相反，因此线m圈移动时通过它的磁通量一定在增大。这说明线圈在向左移动7.BC解析在0一1时间内，B均匀增加，则在线圈中产生恒定不变的感生电动势，在导线框db,中形成稳定的电流，导线框内的磁场也稳定联立解得/-2√侣不变，此时环中无感应电流产生，环也没有收缩趋势，A项错误；在1~2时间内，B光向上减小后向下增大，且B的变化率逐渐减小，则螺线管由几何关系可得d=2(r'一√2-Lz)中的感应电流方向为从下到上.且逐渐减小，在导线框abcd中的磁通量联立解得d-40U-2y4UU-U区L。为向外减小，穿过环的磁通量向外减小，根据楞次定律可知，环内有逆时针方向的感应电流，且有扩张趋势，B、C两项正确：在t2~t3时间内，B第十一单元电磁感应的方向向卜减小，且B的变化率逐渐减小，则螺线管中的感应电流方向为从上到下且逐渐减小，在导线框abd中的磁通量为向里减小，穿过环课时1电磁感应现象楞次定律的磁通量向里减小，根据楞次定律可知，环内有顺时针方向的感应电流，D项错误。1.C解析设闭合线框在位置1时的磁通量为中，在位置2时的磁通量8.AB解析线圈中电流为右侧流入，线圈内部磁场方向向左，在闭合开为重2，直线巾流产生的磁场在位置1处比在位置2处要强，故>Φ2。：关的过程中，磁场变强，则由楞次定律及安培定则可知，环中感应电流方将闭合线框从位置1移到位置2，磁感线是从闭合线框的同一面穿过向从左侧看为顺时针方向，A项正确：由于铜环的电阻较小，故铜环中感的，所以△Φ=Φ一Φ|=Φ1一Φ2；将闭合线框从位置1绕cd边翻转到应电流较大，故铜环受到的安培力大于铝环受到的安培力，B项正确；若位置2，磁感线分别从闭合线框的正反两面穿过，所以△Φ2=|（一④2）一将环放在线圈右方，根据楞次定律推论可得，环将向右运动，C项错误：1=Φ十Φ2（以原来穿过的方向为正方向，则后来从另一面穿过的方：电池正、负极调换后，金属环受力仍向左，故仍将向左弹射，)项措误。向为负方向)。C项正确。:9.B解析变阻器滑片P向右匀速移动，接入的有效电阻R变大，电流2.B解析根据题意无线充电桩可以允许的充电有效距离一般为15cm一25cm,允许的错位误差一般为15cm左右，不可以在百米开外对电动变小，根据I一是可知电流I与总电阻R成反比，所以在R均匀增大的车快速充电，A项错误。根据楞次定律，车身感应线圈中感应电流的磁过程中，电流的减小是不均匀的，R越大，电流I减小得越慢，则磁场的场总是要阻碍引起感应电流的磁通量的变化，B项正确。当地面发射线减小变慢；线圈L2与L1中磁场的方向、大小的变化是相同的，线圈L1圈中电流增大时，穿过车身感应线圈的磁通量增大，根据楞次定律可知，中磁场减小变慢，所以线圈L2中的磁场也减小变慢，根据法拉第电磁感此时车身感应线圈中感应电流的磁场与地面发射线圈中电流的磁场方应定律可知，L2线圈中感应屯流逐渐减小：L2线圈中感应电流逐渐减向相反：当地面发射线圈中电流减小时，穿过车身感应线圈的磁通量减小，所以L3线圈中电流逐渐减小，则线圈L3产生的磁场减小，所以穿过少，根据楞次定律可知，此时车身感应线圈巾感应电流的磁场与地面发环M的磁场减小：根据楞次定律可知，M内产生的磁场方向与线圈L3射线圈巾电流的磁场方向相同，C项错误。由于电磁波传播的时候有电产生的磁场方向相同，M一定受到线圈L:的吸引力，所以将向左摆动，磁辐射，感应线圈和发射线圈中的能量传输不能达到100%，D项借误。B项正确。3.A解析闭合开关瞬间，线圈中的电流大小发生变化，在铁芯内部产课时2法拉第电磁感应定律生变化的磁场，使得b线圈中的磁通量发生变化，产生感应巾流，由于通自感涡流电导线的周围存在着磁场，所以小磁针会发生偏转，A项正确；闭合开关，电流稳定后，α线圈中的电流保持不变，铁芯内的磁通量不会发生变1.B解析设折弯前金属棒切割磁感线的长度为L,则E-BL;折弯化，b线圈中不会产生感应电流，所以小磁针会回到开关闭合前状态，不后，金属棒切割磁感线的有效长度1=√（告）+（宁）-号1，故产会保持偏转状态，B项错误；断开开关瞬间，α线圈中的电流大小发生变化，在铁芯内部产生变化的磁场，使得b线圈中的磁通量发生变化，产生生的悠应电动势E=w=B·号1。一号，所以号-号，B项正确。感应电流，由于通电导线的周围存在着磁场，所以小磁针会发生偏转，C:2.B解析电磁炉通电线圈加直流电，会产生恒定磁场，穿过锅底的磁项错误；断开开关后，α线圈中没有电流，铁芯内的磁通量为零且不变，b通量不会发生变化，不能产生涡流，所以没有加热效果，A项错误；电磁线圈中不会产生感应电流，所以小磁针会问到初始状态，不会保持偏转炉的原理是磁场感应涡流加热，即利用交变电流通过线圈产生交变磁状态，D项错误。场，听以电磁炉通过线圈加交流电后，在锅底产生涡流，进而发热工作，1.BC解析当导体棒向右匀速运动时产生恒定的电流，线圈中的磁通B项正确：在锅和电磁炉中间放一绝缘物质，不会影响涡流的产生，因此量恒定，无感应电流产生，A项错误；当导体棒向左做减速运动时，由石：不会影响电磁炉的加热作用，C项错误；金属锅自身产生无数小涡流而23XLJ(新)·物理-B版-XJC·85·